遇到函数声明时前面加引用符号的情况。

调用函数时加引用符号可以理解，就是声明的接受变量是一个引用嘛。（实验证明，这是错的，说引用类型只能赋值给变量。What？不知所云，求指教。）

可是函数声明就没有那么好理解了。

php.net 中的例子：

<?php
class foo {
    public $value = 42;
    public function &getValue() {
        return $this->value;
    }
}
$obj = new foo;
$myValue = &$obj->getValue(); // $myValue is a reference to $obj->value, which is 42.
$obj->value = 2;
echo $myValue; // prints the new value of $obj->value, i.e. 2.
?>

本例中 getValue 函数所返回的对象的属性将被赋值，而不是拷贝，就和没有用引用语法一样。

还是没太明白，试验先。

eg 1、普通的函数声明，然后引用接收。

function foo() {
    $var = 0;
    return $var;
}
$get = & foo();
var_dump($get);
$get = 5;
$get = & foo();
var_dump($get);

结果：

Strict standards: Only variables should be assigned by reference
int 0
Strict standards: Only variables should be assigned by reference
int 0

eg 2、将上面例子中的函数声明成了引用返回。

function & foo() {
    $var = 0;
    return $var;
}
$get = foo();
var_dump($get);
$get = 5;
$get = foo();
var_dump($get);

结果：

int 0
int 0

和没有把函数声明成引用一样的效果。

eg 3、将上面例子中的函数声明成了引用返回。

function & foo() {
    static $var = 0;
    return $var;
}
$get = & foo();
var_dump($get);
$get = 5;
$get = & foo();
var_dump($get);

结果：

int 0

int 5

eg 4、面向对象中引用返回的应用。

/**
* 试验辅类，用于试验主类属性 ref 的 `->` 操作。
*/
class Ex {
public $some;
    function __construct() {
        $this->some = 0;
    }
    public function set($v) {
        $this->some = $v;
    }
    public function get() {
        return $this->some;
    }
}
/**
* 试验主类
*/
class MyClass {
    public $ref;
    function __construct() {
        $this->ref = & foo();
    }
}
function & foo() {
    $var = new Ex;
    return $var;
}
$class = new MyClass();
$class->ref->set(5);
var_dump($class->ref->get());

结果：

int 5

总结

1. 一般来说，函数返回就是返回一个值。
2. 引用就是计算出变量的地址。
3. 引用返回是把返回变量的引用返回来了。而且，返回引用的格式决定了两边都要用 & 声明。
   若只是在函数那边声明引用，那么返回结果将依然是赋值给接收变量。是不是就是返回一个变量拷贝呢？
   若只是在接收变量那边声明引用就会报错，因为函数（还是返回的值？）不能用 & 求地址。